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f(t)={C fu¨T/2tT/20 sonst  f(t)=\left\{\begin{array}{l}C \text { für }-T / 2 \leq t \leq T / 2 \\ 0 \text { sonst }\end{array}\right. .

f(t)f(t) ist gerade und symmetrisch, deswegen betrachte ich das Integral zwischen 00 und T/2T/2 an einer Stelle mit dem Faktor zwei.


F(ω)=f(t)exp(iωt)dt=T/2T/2Cexp(iωt)dt=2C0T/2cosωt+isin(ωt) dt=2Csin(ωT/2)ω+2Cicos(ωT/2)cos(0)ω=2Csin(ωT/2)ω+2Cicos(ωT/2)1ω F(\omega)=\int \limits_{-\infty}^{\infty}f(t)\cdot \exp(-i\omega t)\,dt=\int \limits_{-T / 2}^{T / 2}C\cdot \exp(-i\omega t)\,dt=2C \int \limits_{0}^{T / 2} \cos \omega t + i\sin(\omega t)\mathrm{~d} t=2C \frac{\sin (\omega T / 2)}{\omega } + 2C i \frac{\cos (\omega T / 2)-\cos (0)}{\omega }= 2C \frac{\sin (\omega T / 2)}{\omega } + 2C i \frac{\cos (\omega T / 2)-1}{\omega } .

In meinem Buch wird der Imaginärteil in der Rechnung einfach ignoriert bzw. wird gesagt, dass der Imaginärteil gleich Null ist, da f(t)f(t) gerade ist.

Bei meiner Rechnung bekomme ich jedoch den Term 2Cicos(ωT/2)1ω2C i \frac{\cos (\omega T / 2)-1}{\omega } heraus, welcher nicht unbeding gleich Null ist. Wo liegt mein Denkfehler?

PS:

Bei der Fourier-Entwicklung mit Reihen kann ich das noch nachvolziehn, dort wird Bk=2TT/2+T/2f(t)sinωkt dt=0 B_{k}=\frac{2}{T} \int \limits_{-T / 2}^{+T / 2} f(t) \sin \omega_{k} t \mathrm{~d} t =0 für alle k k , wenn ff gerade ist.

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Dein Fehler liegt beim 3. Gleichheitszeichen:

T/2T/2exp(iwt)dt=T/20exp(iwt)dt+0T/2exp(iwt)dt=0T/2exp(iwt)dt+0T/2exp(iwt)dt=0T/22cos(wt)dt\int_{-T/2}^{T/2} \exp(-iwt) dt=\int_{-T/2}^{0} \exp(-iwt) dt+\int_{0}^{T/2} \exp(-iwt) dt=\\\quad \int_{0}^{T/2} \exp(iwt) dt+\int_{0}^{T/2} \exp(-iwt) dt=\int_0^{T/2} 2 \cos(wt)dt

Avatar von 14 k

Danke :)

Diese Gleichheit verstehe ich nicht:

T/20exp(iwt)dt=0T/2exp(iwt)dt\int_{-T/2}^{0} \exp(-iwt) dt =\int_{0}^{T/2} \exp(iwt) dt

Vertauschen der Intervallgrenzen ergibt doch(?):


T/20exp(iwt)dt=0T/2exp(iwt)dt\int_{-T/2}^{0} \exp(-iwt) dt =-\int_{0}^{-T/2} \exp(-iwt) dt

Führe die Substitution s:=-t durch

Und jetzt mache die Koordinatentrafo s=t s=-t mit ds=dt \textrm ds = -\textrm dt

t=0s=0t=T2s=T2 t= 0 \longrightarrow s=0\\t=-\frac{T}{2} \longrightarrow s = \frac{T}{2}

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Aloha :)

f(t)={Cfu¨T2tT20sonstf(t)=\left\{\begin{array}{ll}C & \text{für }-\frac T2\le t\le\frac T2\\0 & \text{sonst}\end{array}\right.

f(t)f(t) ist gerade und symmetrisch, deswegen betrachte ich das Integral zwischen 00 und T/2T/2 an einer Stelle mit dem Faktor zwei.

Ja, f(t)f(t) ist symmetrisch, aber nicht die zu integrierende Funktion:F(ω)=f(t)eiωtdt=T/2T/2(Ccos(ωt)iCsin(ωt))dtF(\omega)=\int\limits_{-\infty}^\infty f(t)\cdot e^{-i\omega t}\,dt=\int\limits_{-T/2}^{T/2} \left(C\cdot\cos(\omega t)-i\,C\cdot\sin(\omega t)\right)dtDa f(t)=Cf(t)=C gerade ist und sin(ωt)\sin(\omega t) ungerade, fällt der gesamte Imaginärteil mit dem Symmetrieargument weg:F(ω)=20T/2Ccos(ωt)dt=[2Csin(ωt)ω]t=0T/2=2Cωsin(ωT2)F(\omega)=2\int\limits_{0}^{T/2} C\cos(\omega t)\,dt=\left[2C\frac{\sin(\omega t)}{\omega}\right]_{t=0}^{T/2}=\frac{2C}{\omega}\sin\left(\frac{\omega T}{2}\right)

Avatar von 152 k 🚀
Da f(t)=Cf(t)=C gerade ist und sin(ωt)\sin(\omega t) ungerade, fällt der gesamte Imaginärteil mit dem Symmetrieargument weg

Das gilt aber nur, weil wir über eine ganze Periode integrieren, oder?

Und danke für die Antwort :)

Nein, das gilt für jede ungerade Funktion, wenn das Integrationsintervall symmetrisch um den Nullpunkt liegt. Das ist hier mit [T2;+T2][-\frac T2;+\frac T2] der Fall.

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