Hallo :-)
\((f_n)_{n\in \N}\) heißt gleichmäßig konvergent gegen \(f\) (hier also \(f=0\)), falls gilt:$$\forall \varepsilon>0\ \exists N_{\varepsilon}\in \N \ \forall n\geq N_{\varepsilon}\ \forall x\in [0,\infty[:\ |f_n(x)-f(x)|<\varepsilon.$$
Mit Kurvendisskusion kannst du nachrechnen, dass \(f_n\) an der Stelle \(x_E=\frac{1}{\sqrt{n^3}}\) für alle \(n\in \N_{\geq 1}\) ein globales Maximum auf dem Intervall \([0,\infty[\) aufweist. Das ergibt für alle \(n\in \N_{\geq 1}\) den Funktionswert \(f_n(x_E)=\frac{\sqrt{n}}{2}\). Da \(f_n(x_E)=\frac{\sqrt{n}}{2}\geq \frac{1}{2}\) für alle \(n\in \N_{\geq 1}\) gilt, sieht man schon hier, dass die Funktionsfolge nicht gleichmäßig gegen \(f=0\) konvergiert. Noch deutlicher wird das bei Betrachtung der Negation zur gleichmäßigen Konvergenz:
$$\exists \varepsilon>0\ \forall N_{\varepsilon}\in \N \ \exists n\geq N_{\varepsilon}\ \exists x\in [0,\infty[:\ |f_n(x)-f(x)|\geq \varepsilon.$$
Man kann nun mit obiger Rechnung diese Negation folgendermaßen beweisen:
Wähle \(\varepsilon=\frac{1}{2}\) und sei \(N_{\varepsilon}\in \N\) beliebig. Wähle außerdem \(n\in \N_{\geq 1}\) mit \(n=N_{\varepsilon}\) und \(x_E=\frac{1}{\sqrt{n^3}}\). Dann gilt
$$ |f_n(x_E)-f(x_E)|=|f_n(x_E)-0|=|f_n(x_E)|=\left|\frac{\sqrt{n}}{2}\right|=\frac{\sqrt{n}}{2}\stackrel{n\in \N_{\geq 1}}{\geq} \frac{1}{2}=\varepsilon.$$
Und damit ist die Funktionsfolge \((f_n)_{n\in \N}\) auf \([0,\infty[\) nicht gleichmäßig konvergent gegen \(f=0\).
Natürlich kannst du auch stattdessen einen anderen Wert für \(x\) einsetzen, um so ein spezielles \(\varepsilon>0\) zu finden. Tatsächlich bekommt man auch mit \(x_A=\frac{1}{n}\) einen Funktionswert \(f_n(x_A)=\underbrace{\frac{n}{n+1}\geq \frac{1}{2}}_{\text{Kann man direkt zeigen}}\) für alle \(n\in \N_{\geq 1}\)heraus. Der Beweis damit zur Widerlegung der gleichmäßigen Konvergenz geht analog. Mit Kurvendisskusion kann man aber auf jeden Fall Kandidaten für \(x\) finden, um gleichmäßige Konvergenz zu widerlegen.