Hi,
$$ a_n \le a_{n+1} \Leftrightarrow \left( 1+\frac{1}{n} \right)^{-1} \le \left( \frac{1+\frac{1}{n+1}}{1+\frac{1}{n}} \right)^{n+1} \Leftrightarrow \left[ \frac{n(n+2)}{(n+1)^2} \right]^{n+1} $$
Wegen $$ \left( 1+\frac{1}{n} \right)^{-1} = 1-\frac{1}{n+1} $$ und
$$ \left[ \frac{n(n+2)}{(n+1)^2} \right] = 1-\frac{1}{(n+1)^2} $$ folgt, man muss nachweisen das gilt
$$ 1-\frac{1}{n+1} \le \left[ 1-\frac{1}{(n+1)^2} \right]^{n+1} $$ das ist aber wegen der Bernoullischen Ungleichung richtig.
Ähnlich kann man beweisen das gilt \( b_{n+1} \le b_n \)
Weil \( 1 + \frac{1}{n} > 1 \) ist folgt, \( a_n < b_m \) für alle \( n,m \in \mathbb{N} \)
Deshalb ist die Folge \( a_n \) monoton wachsend und nach oben beschränkt, also konvergent und die Folge \( b_n \) ist monoton fallend und nach unten beschränkt, also ebenso konvergent.
Damit gilt $$ a = \lim_{n\to\infty} a_n \le \lim_{n\to\infty} b_n = b $$
Weiter gilt
$$ 0 \le b_n-a_n = \frac{1}{n}a_n \le \frac{1}{n} b_1 $$
Damit konvergieren beide Folgen gegen den gleichen Grenzwert, den man \( e \) nennt.