Aloha :)
Betrachte die Funktion \(f(x,y)=x^2y+y^3-2\equiv0\). Sie ist für alle Punkte \((x,y)\) identisch gleich \(0\). Daher ist auch ihr totales Differential stets identisch gleich \(0\):
$$0=df=\frac{\partial f}{\partial x}\,dx+\frac{\partial f}{\partial y}\,dy=2xy\,dx+(x^2+3y^2)\,dy$$"Division" durch \(dx\) liefert:$$0=2xy+(x^2+3y^2)\,\frac{dy}{dx}=2xy+(x^2+3y^2)\,y'(x)$$$$y'(x)=-\frac{2xy}{x^2+3y^2}$$Für den Punkt \((1;1)\) haben wir daher: \(y'(1)=-\frac{1}{2}\).
Jetzt, da wir einen expliziten Ausdruck für \(y'(x)\) haben, können wir wie gewohnt ableiten:
$$y''(x)=-\frac{(2y+2xy')(x^2+3y^2)-2xy(2x+6yy')}{(x^2+3y^2)^2}$$Darin kannst du den oben gefundenen Term für \(y'(x)\) einsetzen. Das Aufschreiben der Rechnung spare ich mir hier und gebe nur das Ergebnis an:
$$y''(x)=\frac{6 y (x^2 - 3 y^2) (x^2 + y^2)}{(x^2 + 3 y^2)^3}$$Konkret an der Stelle \(1;1\) gilt: \(y''(1)=-\frac{3}{8}\).