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Aufgabe:

folgende lineare Differentialgleichungen 2. Ordnung sowohl die allgemeine Lösung y(x) y(x) als auch die partikuläre Lösung des Anfangswertproblems yp(x) y_{p}(x) .
y+2y+10y=9e2xy(0)=12,y(0)=7 y^{\prime \prime}+2 y^{\prime}+10 y=9 e^{2 x} \quad y(0)=\frac{1}{2}, y^{\prime}(0)=7


Ansatz : 1)Bestimmung der allgemeinen Lösung, 2) Bestimmung der partikulären Lösung eines AWP.

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Hallo,

Benutze die Tabelle unter

http://www.micbaum.y0w.de/uploads/LoesungsansaetzeDGLzweiterOrdnung.…

damit kannst Du Dir viel komplexe Rechnung ersparen.

blob.png

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Aloha :)

y(x)+2y(x)+10y(x)=9e2x;y(0)=12;y(0)=7y''(x)+2y'(x)+10y(x)=9e^{2x}\quad;\quad y(0)=\frac{1}{2}\quad;\quad y'(0)=7Hier haben wir es mit einer inhomogene DGL zu tun. Die Störung s(x)9e2xs(x)\coloneqq 9e^{2x} ist eine Exponentialfunktion. Dafür lassen sich oft spezielle Lösungen der inhomogenen DGL finden, indem man die Störung einfach mit einem konstanten Faktor α\alpha multipliziert. Als spezielle Lösung wählen wir daher den Ansatz:ys(x)αs(x)=9αe2x;ys(x)=18αe2x;ys(x)=36αe2xy_s(x)\coloneqq\alpha\cdot s(x)=9\alpha e^{2x}\quad;\quad y'_s(x)=18\alpha e^{2x}\quad;\quad y''_s(x)=36\alpha e^{2x}und setzen entsprechend in die DGL ein:36αe2x+218αe2x+109αe2x=9e2x    162αe2x=9e2x    36\alpha e^{2x}+2\cdot18\alpha e^{2x}+10\cdot9\alpha e^{2x}=9e^{2x}\quad\implies\quad162\alpha e^{2x}=9e^{2x}\impliesα=9e2x162e2x=9162=118    ys(x)=9118e2x    ys(x)=e2x2\alpha=\frac{9e^{2x}}{162e^{2x}}=\frac{9}{162}=\frac{1}{18}\quad\implies\quad y_s(x)=9\cdot\frac{1}{18}\,e^{2x}\quad\implies\quad \underline{\underline{y_s(x)=\frac{e^{2x}}{2}}}

Nun brauchen wir noch die Lösung der homogenen DGLy0(x)+2y0(x)+10y0(x)=0y''_0(x)+2y'_0(x)+10y_0(x)=0Dazu wählen wir mit den Konstanten β\beta und λ\lambda als Ansatz:y0(x)=βeλx;y0(x)=λβeλx;y0(x)=λ2βeλxy_0(x)=\beta e^{\lambda x}\quad;\quad y'_0(x)=\lambda\cdot\beta e^{\lambda x}\quad;\quad y''_0(x)=\lambda^2\cdot\beta e^{\lambda x}unt setzen wieder entsprechend in die DGL ein:λ2βeλx+2λβeλx+10βeλx=0    λ2+2λ+10=0    \lambda^2\cdot\beta e^{\lambda x}+2\lambda\cdot\beta e^{\lambda x}+10\cdot\beta e^{\lambda x}=0\quad\implies\quad\lambda^2+2\lambda+10=0\quad\implies(λ+1)2+9=0    λ1;2=1±9=1±3i(\lambda+1)^2+9=0\quad\implies\quad\lambda_{1;2}=-1\pm\sqrt{-9}=-1\pm3iWir haben also 2 Lösungen der homogenen DGL, die wir linear zur Gesamtlösung kombinieren können:y0(x)=β1e(1+3i)x+β2e(13i)x\underline{\underline{y_0(x)=\beta_1\cdot e^{(-1+3i)x}+\beta_2\cdot e^{(-1-3i)x}}}

Da sich die Lösung einer inhomogenen DGL als Summe aus der homogenen Lösung und einer(!) speziellen Lösung schreiben lässt, haben wir als allgemeine Lösung:y(x)=y0(x)+ys(x)=β1e(1+3i)x+β2e(13i)x+e2x2Lo¨sung Teil (a)y(x)=y_0(x)+y_s(x)=\boxed{\beta_1\cdot e^{(-1+3i)x}+\beta_2\cdot e^{(-1-3i)x}+\frac{e^{2x}}{2}}\quad\text{Lösung Teil (a)}Die noch fehlenden Konstanten β1\beta_1 und β2\beta_2 bestimmen wir aus den Anfangsbedingungen:12=!y(0)=β1+β2+12    β1+β2=0    β2=β1\frac12\stackrel!=y(0)=\beta_1+\beta_2+\frac{1}{2}\quad\implies\quad \beta_1+\beta_2=0\quad\implies\quad\beta_2=-\beta_17=!y(0)=[β1(1+3i)e(1+3i)x+β2(13i)e(13i)x+e2x]x=07\stackrel!=y'(0)=\left[\beta_1(-1+3i)\cdot e^{(-1+3i)x}+\beta_2(-1-3i)\cdot e^{(-1-3i)x}+e^{2x}\right]_{x=0}7=β1(1+3i)+β2(13i)+1  =(β2=β1)  β1(1+3i)β1(13i)+1\phantom{7}=\beta_1(-1+3i)+\beta_2(-1-3i)+1\;\stackrel{(\beta_2=-\beta_1)}{=}\;\beta_1(-1+3i)-\beta_1(-1-3i)+17=β1+3iβ1+β1+3iβ1+1=6iβ1+1    6iβ1=6    β1=i\phantom{7}=-\beta_1+3i\beta_1+\beta_1+3i\beta_1+1=6i\beta_1+1\quad\implies\quad 6i\beta_1=6\quad\implies\quad\beta_1=-i

Damit haben wir die Lösung unter den besonderen Anfrangsbedingungen:y(x)=ie(1+3i)x+ie(13i)x+e2x2y(x)=-i\cdot e^{(-1+3i)x}+i\cdot e^{(-1-3i)x}+\frac{e^{2x}}{2}y(x)=iexe3ix+iexe3ix+e2x2\phantom{y(x)}=-i\cdot e^{-x}\cdot e^{3ix}+i\cdot e^{-x}\cdot e^{-3ix}+\frac{e^{2x}}{2}y(x)=ex(ie3ix+ie3ix+e3x2)\phantom{y(x)}=e^{-x}\left(-i\cdot e^{3ix}+i\cdot e^{-3ix}+\frac{e^{3x}}{2}\right)y(x)=ex(i(cos3x+isin3x)+i(cos3xisin3x)+e3x2)\phantom{y(x)}=e^{-x}\left(-i(\cos3x+i\sin3x)+i(\cos3x-i\sin3x)+\frac{e^{3x}}{2}\right)y(x)=ex(icos3xi2sin3x+icos3xi2sin3x+e3x2)\phantom{y(x)}=e^{-x}\left(-i\cos3x-i^2\sin3x+i\cos3x-i^2\sin3x+\frac{e^{3x}}{2}\right)y(x)=ex(2sin3x+e3x2)=ex2(4sin3x+e3x)Lo¨sung Teil (b)\phantom{y(x)}=e^{-x}\left(2\sin3x+\frac{e^{3x}}{2}\right)=\boxed{\frac{e^{-x}}{2}\left(4\sin3x+e^{3x}\right)}\quad\text{Lösung Teil (b)}

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Danke immer !

bei mir 3 mal versucht aber falsch.

Hier bei dir auch die Lösung anders.

Die Antworten müssen so sein.


y(x) = e^−x(C1 sin(3x) +C2 cos(3x)) +1/2e2x

yp(x) = 2 sin(3x)·e ^−x+1/2e2


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